ik heb een stukie javascript voor een popup window om een foto te vergroot laten zien.
dit is de code
PHP
<script type="text/javascript">
imagename='';
function vergroot(beeldnaam)
{
OpenWin = this.open("","GrootVenster","toolbar=no,menubar=no,location=no,scrollbars=no,re sizable=no,status=no,width=650,height=510,left=241 ,top=150");
imagename = beeldnaam;
setTimeout('update()',500)
}
function update()
{
doc = OpenWin.document;
doc.write('<HTML><HEAD><TITLE>Foto vergroot<\/TITLE><\/HEAD><BODY bgcolor="#FFFFFF" onBlur="self.focus()">');
doc.write('<center><IMG SRC="' + imagename + '">');
doc.write('<form><input type="button" value="Sluit venster"onClick="window.close()"><\/form><\/center><\/BODY><\/HTML>');
doc.close();
}
</script>maar als ik op een foto klik dan krijg ik die popup window wel maar hij laat geen foto zien??
en ik vraag me eigenlijk af of het wel werkt met php??
ps heb niet veel verstand van java
stukie php code
PHP
<?php while ($gegeven = mysql_fetch_object($query))
{
echo ($teller % $naast_elkaar) == 0 ? '<tr>' : '';
echo '<td>';
// Hier zet je een echo met de gegevens die je
// wilt weergeven in het tabelvak.
echo '<td><table border="1"><a onclick="javascript:vergroot ();" href="javascript:void(0);"><img src="'.$gegeven->img.'" width="136" height="110" border="0">';
echo '<td><b>Soort:</td> <td>'.$gegeven->soort.'</td></tr>';
echo '<td><b>Gewicht:</td> <td>'.$gegeven->gewicht.' pond</td></table>';
echo '</td>';
$teller++;
echo ($teller % $naast_elkaar) == 0 ? '</tr>' : '';
}?>